![]() |
Архитектура Аудит Военная наука Иностранные языки Медицина Металлургия Метрология Образование Политология Производство Психология Стандартизация Технологии |
Определение линейных и угловых ускорений графоаналитическим методом
Вычисляем ускорения т. А. Поскольку w1 – const, оно является полностью нормальным. aA = ω 12 · lOA = (12)2 · 0, 27 = 38, 88 м/с2
Рассматривая плоское движение звена 2 и вращательное звена 3, составляем систему векторных уравнений ускорений т. В и анализируем входящие в них величины а B = aA + anBA + aτ BA ||ОА ||АВ ^AB а B = aE + anBE + aτ BE =0 ||ВЕ ^B Е Вычисляем нормальные составляющие ускорений
anBA = ω 22 · lAB = (0, 46)2 · 1, 25 = 0, 26 м/с2 anBE = ω 32 · lBE = (5, 08)2 · 0, 6 = 15, 48 м/с2
Аналогично п.п. 6.3 и 6.4 определяем масштабный коэффициент ускорений. Принимаем mA=0, 4 м/(с2 ·мм) Решаем систему графически. Для этого из каждого уравнения сначала откладываем полностью известные векторы, а затем проводим неизвестные направления до их пересечения в т. b. Длины векторов на плане
|pa| = |an2| = |pn3| =
поскольку а E = 0, точка е совпадает с полюсом p. Так как ускорение anBA получилось очень маленьким, то на плане ускорений его вектор будем обозначать точкой. Искомое значение ускорения точки B
aB = |pb| · ma = 50, 73 · 0, 4 = 20 м/с2
Аналогично п. 6.6 строим на плане т. С
½ π с½ =½ π b½ = 50, 73 мм aC = |π c| · µa = 50, 73 · 0, 4 = 20 м/с2
Составляем, анализируем и решаем векторное уравнение ускорений т. D. aD = aC + anDC + atDC, ||DO ||CD ^CD где anDC = ω 24 · lCD = (0, 02)2 · 0, 65 = 0, 00026 м/с2
тогда |с n4| 0, 00026/0, 4 = 0, 00065 мм Так как ускорение anDC получилось очень маленьким, то на плане ускорений его вектор будем обозначать точкой.
aD = |π d | · µa = 2 · 0, 4 =0, 8 м/с2 Тангенциальные составляющие ускорений aτ BA = μ a · |n2b| = 0, 4 · 58, 74 = 23, 5 м/с2 aτ BE = μ a · |n3b| = 0, 4 · 32, 45 = 12, 98 м/с2 aτ DC = μ a · |n4d| = 0, 4 · 49, 38= 19, 75 м/с2
Определяем угловые ускорения звеньев.
Наносим их направления на план механизма. Находим ускорения центров масс звеньев. Считаем, что они лежат на их серединах. Используем при этом теорему о подобии для каждого из звеньев. aS2 = μ a · |π S2| = 0, 4 · 71, 62 = 28, 65 м/с2 aS3 = μ a · |π S3| = 0, 4 · 26, 07 = 10, 43 м/с2 aS4 = μ a · |π S4| = 0, 4 · 25, 37 = 10, 15 м/с2 aD = μ a · |π d| = 0, 4 · 2, 15 = 0, 86 м/с2 Определение активных силовых факторов и инерционной нагрузки на звенья
Находим массы звеньев: m2 = q · lAB = 30 · 1, 25 = 37, 5 кг
m4 = q · lCD = 30 · 0, 65 = 19, 5 кг
Массу ползуна 5 считаем равной массе шатуна 4: m5 = m4 = 19, 5 кг Силы веса звеньев: G2 = m2 · g = 37, 5 · 9, 81 = 367, 875 Н G3 = m3 · g = 18 · 9, 81 = 176, 58 Н G4 = m4 · g = 19, 5 · 9, 81 =191, 295 Н G5 = G4 =191, 295 Н
Силы инерции звеньев: Fu2 = m2 · aS2 = 37, 5 · 28, 65 = 1074, 38 Н F u3 = m3 · a S3 = 18 · 10, 43 = 187, 74 Н Fu4 = m4 · aS4 = 19, 5 · 10, 15 = 197, 93 Н Fu5 = m5 · aD = 19, 5 · 0, 86 = 16, 77 Н
Вычисляем моменты инерции звеньев относительно их центров масс:
Моменты пар сил инерции, действующие на звенья: Mu2 = IS2 · E2 = 4, 88 · 18, 8 = 91, 74 Н·м Mu3 = IS3 · E3 = 0, 54 · 21, 63 = 11, 68 Н·м Mu4 = IS4 · E4 = 0, 69 · 30, 38 = 20, 96 Н·м
Поскольку кривошип 1 считаем сбалансированным, а S1 = 0 и Fu1 = 0. В связи с тем, что ω 1 – const, Е1 = 0 и Мu1 = 0. Силой веса кривошипа пренебрегаем ввиду малости. Наносим на план механизма найденные активные силовые факторы. Инерционную нагрузку направляем при этом противоположно соответствующим ускорениям. Наносим также векторы уравновешивающей силы Fy и силы полезного сопротивления FПС. Вычисляем значение силы полезного сопротивления в расчетном положении FПС = FПСmaxsin(S р /h · 180) = 3000 · sin (33, 03 · 180/48) =77, 9 Н Силовой расчет структурной группы 4–5
В масштабе μ 1 = 0, 01 м/мм вычерчиваем план этой группы и наносим на него активные силовые факторы, а также реакции связей от соседних звеньев. Составляем векторное уравнение равновесия и проводим его анализ. FПС + Fu5 + Fu4 + G5 + G4 + Fτ 43 + Fn43 + F56 = 0 ^CD ||CD ^DE
В уравнении 3 неизвестные величины. Для нахождения одной «лишней» неизвестной составляем и решаем уравнение моментов относительно т. D. Σ mD = G4 · μ 1 · |h1|+ Fu4 · μ 1 · |h2| – Mu4 – Fτ 43 · lCD= 0 Fτ 43= 1/lCD · (G4 · μ 1 · |h1| + Fu4 · μ 1 · |h2| – Mu4) = =1/0, 65 · (191, 295 · 0, 01 · 25, 6 + 197, 93 · 0, 01 · 27, 4 – 20, 96) =126, 53 Н
Решаем векторное уравнение графически. С этой целью в масштабе μ F= 2 Н/мм откладываем все известные векторы, а затем проводим известные направления двух искомых векторов. Длины векторов:
Определяем неизвестные реакции:
F43 = μ F · |fk| = 2 · 143, 3= 286, 6 Н F56 = μ F · |ka| = 2 · 254, 26 = 508, 52 Н
Силовой расчет структурной группы 2–3
В масштабе μ 1 = 0, 01 м/мм строим план групп и наносим все действующие силовые факторы. Векторное уравнение равновесия: F34 + G3 + Fu3 + G2 + Fu2 + Fτ 36 + Fτ 21 + Fn36 + Fn21 = 0 – F43 ^BE ^AB ||BE ||AB
Для каждого звена составляем уравнение моментов относительно шарнира В и находим тангенциальные составляющие реакций. Для звена 2:
Σ m В = G2 · μ 1 · |h3| – Fu2 · μ 1 · |h4| + Mu2 + Fτ 21 · l АВ = 0 Fτ 21 = 1/l АВ · (Fu2 · μ 1 · |h4| – G2 · μ 1 · |h3| – Mu2) = =1/1, 25 ·(1074, 38 · 0, 01 · 50, 81 – 367, 875 · 0, 01 · 60, 26 – 91, 74) = 185, 98 Н
Для звена 3:
Σ m В = – Fu3 · μ 1 · |h5| – G3 · μ 1 · |h6| + Mu3 + Fτ 36· lBE = 0 Fτ 36 = μ 1/lBE(Fu3 · |h5| + G3 · |h6| – Mu3) = 0, 01/0, 6 · (187, 74 · 28, 32 + 176, 58 · 0, 07 – 11, 68) = 88, 62 Н
Используя масштабный коэффициент μ F = 25 Н/мм, решаем векторное уравнение графически. Длины векторов:
Из плана находим полные реакции: F36 = μ F · |fm| = 2 · 177, 19 = 354, 38 Н F21 = μ F · |ma| = 2 · 150, 13 = 300, 26 Н
Силовой расчет входного звена
В масштабе μ 1 = 0, 01 м/мм вычерчиваем план звена и наносим на него все действующие силовые факторы. Векторные уравнения равновесия
Fy + F16 + F12 = 0 ^OA ||OA – F21
В масштабе μ F = 20Н/мм решаем уравнение графически.
Fy = μ F · |bc| = 10 · 13, 27 = 132, 7 Н F16 = μ F · |ca| = 10 · 26, 94= 269, 4 Н
|
Последнее изменение этой страницы: 2020-02-16; Просмотров: 158; Нарушение авторского права страницы