Архитектура Аудит Военная наука Иностранные языки Медицина Металлургия Метрология Образование Политология Производство Психология Стандартизация Технологии |
Определяем полное удлинение стержня
Подставив числовые, значения, получим
Рисунок 50 К задаче 2 Цель задачи - проверка степени усвоения понятия геометрических характеристик поперечного сечения при изгибе и кручении. Перед решением задачи следует повторить из теоретической механики учебный материал, касающийся определения центра тяжести сечений, составленных из простейших геометрических фигур и сечений из прокатных профилей, определение статического момента площади сечения относительно произвольных осей координат. Обращается внимание студента на различие геометрических характеристик поперечного сечения бруса при его растяжении (сжатии) и при изгибе или кручении. При растяжении (сжатии) площадь поперечного сечения бруса, являющаяся его геометрической характеристикой, полностью определяет сопротивление элемента растяжению (сжатию). Объясняется это тем, что при осевом растяжения или сжатии нормальные напряжения в сечениях центрально растянутого (сжатого) бруса распределяются равномерно. При неравномерном распределении напряжений по сечению бруса или балки, например при изгибе, на их деформирование влияет не площадь поперечного сечения, а его форма и, кроме того, положение осей поперечного сечения к направлению действия внешних сил. Поэтому при расчете балок на изгиб в сопротивлении материалов возникает необходимость принять геометрические характеристики поперечного сечения элемента, называемые осевыми моментами инерции или . Порядок решения задач на определение момента инерции сечения плоских фигур следующий: 1. Разбить данную фигуру на простые составные части (прямоугольники, круги, треугольники и т. д.). Если в состав фигуры входит стандартный прокатный профиль, то последний не разбивается на части; положение его центра тяжести и площадь определяются по сортаментным таблицам (см. приложения). Простыми элементами в этом случае будут: двутавр, швеллер, уголки, полоса. Если фигура имеет отверстие, то площади и моменты инерции этих отверстий считаются отрицательными. 2. Определить центр тяжести всей фигуры. 3. Через найденный центр тяжести сечения провести главные центральные оси. Для фигур, имеющих оси симметрии, главные оси совпадают с осями симметрии. 4. Через центры тяжести простых фигур провести собственные центральные оси инерции. 5. Определить расстояние между собственными главными осями каждой простой фигуры и главными центральными осями сечения в целом. Нанести эти расстояния а на чертеж. 6. Определить моменты инерции составных частей относительно собственных осей инерции , . 7. Определить моменты инерции сечения относительно главных центральных осей, используя формулу перехода на центральные оси; . Условие задачи. Найти главные центральные моменты инерции: а) сечения, составленного из профилей стандартного проката. Исходные данные взять из примера контрольной работы 1 задачи 4(а, б). Центры тяжести сечений должны быть найдены и нанесены на чертеж сечения. Таким образом, решение задач 2а и 26 ведем с пункта 3 вышеприведенного описания. Решение, а) На изображение заданного сечения, вычерченного в выбранном масштабе (рис. 15), наносим главные центральные оси. Ось у совмещаем с осью симметрии, ось х проводим перпендикулярно ей через центр тяжести С всей фигуры.
Используя координаты центров тяжести частей фигуры, найденные при определении положения центра тяжести всей фигуры определим расстояния между главной центральной осью х и каждой из осей : ; ;
Используя формулу перехода на параллельные оси, определяем . Числовые значения площадей отдельных фигур берем также из контрольной работы 1: Момент инерции относительно главной центральной оси х определим, суммируя моменты инерции составных частей фигуры; Момент инерции относительно главной центральной оси у определяем следующим образом. Поскольку у фигур I, II,.III собственные центральные оси совпадают с главной центральной осью инерции, расстояние между осями равно нулю. Следовательно, главный центральный момент инерции каждой из этих фигур равен собственному моменту инерции:
Для четвертой фигуры расстояние между вертикальными осями Суммируя, получаем . б) В составном сечении (рис. 51) через найденный центр тяжести С проводим главные центральные оси инерции х и у. Ось х совмещена с осью симметрии сечения. Проводим собственные центральные оси инерции каждой из составных частей. Определим расстояния между собственными и главными центральными осями инерции, используя абсциссы центров тяжести частей сечения, найденные при определении положения центра тяжести всего сечения. шв.№20 + листа = Выпишем из таблиц сортамента (см. приложения 1—4) моменты инерции и прокатных профилей относительно собственных осей и их площади: двутавр № 20 =1840 см4; =115 см4; =26,8 см2; швеллер № 20 =1520 см4; =113 см4; =23,4 см'; уголок 80х50х6 =14,8cм4; =49cм4; =7,55cм2. Для уголка значения моментов инерции Ix и Iy поменялись местами, так как ориентация уголка (см. рис. 51) не совпадает с его ориентацией в ГОСТе. При пользовании таблицами ГОСТов необходимо внимательно следить за правильностью выбора требуемых характеристик, ни в коем случае не основываясь на формальном совпадении индексов; полоса 12х200 Определяем главный центральный момент инерции составного сечения относительно оси x. Определяем главный центральный момент инерции составного сечения относительно оси у:
К задаче 3 Проверка несущей способности элементов конструкций — расчет, часто встречающийся в практике строителей. Для элементов конструкций, работающих на поперечный изгиб, проверка несущей способности по заданным размерам поперечного сечения осуществляется исходя из условия: — максимальный изгибающий момент от расчетных нагрузок снимается с эпюры моментов. Условие задачи. Проверить несущую способность консольной балки. Материал—дерево. Расчетное сопротивление R=15 МПа. Сечение бруса 15х30 см, коэффициент перегрузки п=1,2, коэффициент условия работы m=1,1 (рис.52). Решение. Начнем расчет с определения левой части неравенства. Для этого: 1) Определяем расчетную нагрузку: Подсчитав расчетную нагрузку, составляем расчетную схему балки (рис52). 2) Ввиду того что балка консольного типа, можно, не определяя опорных реакций, сразу перейти к определению внутренних силовых факторов. Сначала определим поперечную силу и построим се эпюру. Рассматриваем балку ходом со свободного конца по характерным точкам:
По найденным значениям строим эпюру Qx (рис.52).Поскольку эпюра поперечных сил под распределенной нагрузкой не пересекает нулевую линию, эпюру моментов на, этом участке можно строить, по двум точкам: начала и кон-па действия распределенной нагрузки. Ход справа: Изгибающий момент =80,16 кН.м возникает в опорном сечении. Переходим к определению правой части неравенства. 3) Определяем момент сопротивления Wx заданного сечения. Для прямоугольного сечения
4. Подставляя все данные в неравенство, получаем, что расчетный изгибающий момент Отсюда следует, что несущая способность балки не обеспечена, необходимо уменьшить нагрузку либо взять балку большего поперечного сечения. К задаче 4
Условие задачи. Для двухопорной балки (рис. 53) подобрать сечение двутавра из условия прочности и жесткости. R=210 МПа, =130 МПа, n=1,3; m=1,1. Модуль упругости МПа. Предельно допустимый относительный прогиб . Построить эпюры нормальных и касательных напряжений для сечений с наибольшим изгибающим моментом и с наибольшей поперечной силой. Решение. 1) Подбор сечения из условия прочности. Расчётная нагрузка кН/м. кН Схема балки с расчетной нагрузкой изображена на рис. 53. Для рассматриваемой балки наибольший изгибающий момент в сечении посередине пролета. Определяем его как сумму моментов от действия равномерно распределенной и сосредоточенной, нагрузок, используя готовые формулы: Строим эпюру моментов по трем точкам: (рис.53). Из условия прочности при изгибе
определяем - требуемый момент сопротивления поперечного сечения балки
2. Подбор сечения из условия жесткости производим с помощью таблицы прогибов. Второе предельное состояние конструкции характеризуется появлением чрезмерных прогибов и требует определенной жесткости, чтобы в условиях нормальной эксплуатации относительный прогиб f/l не превышал предел допустимого относительного прогиба установленного строительными нормами (СНиП) для различных конструкций и материалов. |
Последнее изменение этой страницы: 2019-04-19; Просмотров: 268; Нарушение авторского права страницы